Rozwiązywanie problemów z biologii molekularnej i genetyki. Rozwiązywanie problemów z biologii molekularnej i genetyki Zagadnienia krzyżowania analitycznego

więcej błędów, najwyraźniej związanych z nieuważnym przeczytaniem zadania, bo Wielu studentów, zamiast porównywać zarodki, próbowało zidentyfikować różnice w embrionalnym procesie rozwoju zygoty u ptaków i ssaków.

Odpowiedzi na pytanie mające na celu identyfikację cech budowy człowieka związanych z pojawieniem się chodzenia w pozycji wyprostowanej ujawniły niski poziom wiedzy na ten temat wśród respondentów. Aby uzyskać pełną odpowiedź na to pytanie, należało wymienić co najmniej cztery oznaki, które przyczyniają się do przejścia danej osoby do chodzenia w pozycji wyprostowanej. Jednakże badani z reguły wymieniali jedną lub dwie pozycje związane z występowaniem krzywizn kręgosłupa człowieka i powstawaniem łukowatej stopy, otrzymując za odpowiedź odpowiednio 0 lub 1 punkt. Niecałe 8,0% badanych było w stanie uogólnić wszystkie objawy postępujące, które powstały w wyniku ewolucji układu mięśniowo-szkieletowego człowieka i ostatecznie doprowadziły do ​​pojawienia się postawy wyprostowanej.

Zadanie 38 ma na celu uogólnienie i zastosowanie wiedzy o wzorcach środowiskowych i ewolucji świata organicznego w nowej sytuacji. Co roku pytania z tej grupy zadań sprawiają absolwentom trudności i ten rok nie był wyjątkiem. Nieco ponad 11% zdających potrafiło wyjaśnić powstanie zdolności do zmiany koloru sierści zająca, która powstała w procesie ewolucji. Odpowiadając na to pytanie, należało szczegółowo przeanalizować cały proces i powiązać pojawienie się tej adaptacji z losowym występowaniem mutacji u poszczególnych osobników, utrwalonych w kolejnych pokoleniach przez dobór naturalny, zwracając jednocześnie uwagę na względny charakter przystosowania. Jak się okazało w trakcie badań, absolwenci nie są w stanie krok po kroku prześledzić powstawania tej cechy, a wielu z nich popełniło kardynalny błąd, nazywając pojawienie się tej zdolności u zająca górskiego przejawem zmienności modyfikacji.

Pytanie wymagające wyjaśnienia wpływu tlenu na ewolucję życia na Ziemi okazało się dla udzielających odpowiedzi trudne. Niecałe 10% absolwentów było w stanie wykazać pełną odpowiedź zawierającą wszystkie niezbędne elementy, począwszy od pojawienia się procesu fotosyntezy i organizmów tlenowych, a skończywszy na powstaniu ekranu ozonowego, który umożliwił organizmom zagospodarowanie terenu. Zaproponowane pytanie wymagało nie tylko wykazania się znajomością poszczególnych zjawisk i procesów biologicznych, które pojawiły się na planecie w związku z powstawaniem tlenu, ale także wykazania umiejętności ustalenia związków przyczynowo-skutkowych między nimi, uogólnienia ich w jeden proces ewolucyjny .

W Pytanie trzecie wymagało od zdających, w oparciu o tekst zawierający opis cech zewnętrznych mchu klubowego i jego procesów życiowych, wskazania kryteriów, według których gatunek ten jest charakteryzowany jako kategoria biologiczna. Jak wynika z wyników udzielonych odpowiedzi, absolwenci mają problemy z analizą informacji tekstowych, wyróżnianiem niezbędnych fragmentów tekstu i porównywaniem ich z opisem określonych kryteriów typu. Absolwenci jednak odpowiedzieli na to pytanie lepiej niż na pozostałe pytania w zadaniu 38.

Zadanie 39 obejmuje zadania z cytologii związane z procesami realizacji informacji dziedzicznej

I podział komórek. Tegoroczna praca egzaminacyjna zawierała zadanie dotyczące zastosowania wiedzy o kodzie genetycznym. Rozwiązując zadania tego typu, zdający popełniali typowe błędy. Tym samym większość respondentów nie zwróciła uwagi na fakt, że sam warunek określa kolejność rozwiązywania problemu, co wskazuje, że wszystkie typy tRNA są syntetyzowane na matrycy DNA. Respondenci jednak nie dostrzegli tego doprecyzowania i postąpili według standardowego algorytmu, konstruując i-RNA zamiast t-RNA na matrixie DNA. Rozwiązując problemy tego typu absolwenci popełniają kolejny poważny błąd: odnajdują wymagany aminokwas w tabeli kodu genetycznego za pomocą tRNA. Popełnione błędy wskazują, że absolwenci nie opanowali technik edukacyjnych niezbędnych do rozwiązywania problemów cytologicznych o wysokim stopniu złożoności.

Zadanie obliczeniowe polegające na określeniu liczby chromosomów w komórkach różnych stref podczas spermatogenezy u jednego z gatunków ryb okazało się dla absolwentów bardzo trudne. Rozwiązując problem, popełniono rażące błędy biologiczne wynikające z braku wiedzy na temat cech procesów mitozy i mejozy zachodzących w strefach wzrostu i dojrzewania podczas spermatogenezy, a zatem na temat zmian w liczbie chromosomów w komórkach towarzyszących tym podziałom.

Zadanie 40 przedstawia problemy genetyki klasycznej o wysokim stopniu złożoności. Największe problemy absolwenci mieli przy rozwiązywaniu problemu dziedziczenia konkatenacyjnego i krzyżowania. Głównym błędem absolwentów przy rozwiązywaniu tego zadania było to, że nie zwrócili uwagi na podany w warunkach zadania stosunek liczbowy fenotypów potomstwa, który może nastąpić jedynie w wyniku sprzężenia alleli genów i krzyżowania się gamet. Z powodu nieuwagi i braku zrozumienia biologicznej istoty schorzenia uczniowie szkół średnich rozwiązali to zadanie jako problem krzyżowania dihybrydowego, otrzymując za wynik 0 punktów. Tylko nielicznym z ogólnej liczby zdających udało się go rozwiązać.

W W innym zadaniu z genetyki dotyczącym dziedziczenia sprzężonego z płcią badani popełnili błąd w identyfikacji genów autosomalnych i sprzężonych z płcią, mimo że w warunkach zadania zawarta była informacja o ich rozmieszczeniu. Niektórzy absolwenci przy formułowaniu problemu posługiwali się zapisami nieakceptowanymi w genetyce, tj

Xia poważny błąd biologiczny, taki jak.

Kolejnym częstym błędem popełnianym przez zdających przy rozwiązywaniu zadań genetycznych było elementarne pomieszanie w oznaczeniu płci heterogametycznej i homogametycznej u ptaków, co nie pozwalało na uzyskanie maksymalnej liczby punktów za wykonanie zadania.

Porównując wyniki wykonania każdego z zadań zawartych w części 2 ze średnią wartością dla tej części, stwierdzono, że zadania dwóch kierunków (37 i 38) absolwenci wykonali na niższym poziomie niż pozostali. Jednocześnie poziom realizacji zadań pięciu pozostałych linii (34, 35, 36, 39 i 40) kształtuje się powyżej poziomu średniego (wykres 11).

Rysunek 1 1. Porównanie wyników wykonania zadań w części 2 z wartością średnią

Porównując wyniki wykonania zadań z Części 2 na przestrzeni czterech lat, można dojść do wniosku, że jedynie stopień wykonania zadań 34 i 40 pracy testowej w tym roku jest niższy od wyniku z roku ubiegłego (Rys. 11 i Rys. 12). ). Ze wszystkich pozostałych zadań licealiści poradzili sobie lepiej niż w 2014 roku.

Rysunek 1 2. Porównanie wyników realizacji zadań części 2 na lata 2012–2015.

Porównując dane za 2013 rok, należy zauważyć, że w 2015 roku absolwentom nie udało się przekroczyć wyniku ze wszystkich typów zadań. Jednak w tym roku wszystkie zadania, z wyjątkiem 37, zostały zrealizowane z większym sukcesem niż w roku 2012.

Rysunek 1 3. Porównanie wyników realizacji zadań części 2 na lata 2012–2015.

Analizując wyniki realizacji zadań z części 2 na przestrzeni czterech lat, można dojść do wniosku, że poziom realizacji tej części pracy egzaminacyjnej przez absolwentów w tym roku nieznacznie się obniżył. Wskazując przyczyny, które nie pozwoliły zdającym na osiągnięcie lepszych wyników przy realizacji zadań o wysokim stopniu złożoności w Części 2, można założyć, że z jednej strony następuje ciągłe komplikowanie pytań tworzących tę grupę zadań egzaminacyjnych, z drugiej zaś błędy popełniane przez samych absolwentów świadczą o niewystarczająco wysokim poziomie ich szkolenia.

Analiza wyników wykonania zadań egzaminu 2015 pozwala stwierdzić, że większość absolwentów opanowała podstawowy rdzeń treści edukacji biologicznej, przewidziany w federalnym komponencie państwowego standardu edukacyjnego. Zdający, którzy przekroczyli minimalny limit punktów podstawowego egzaminu Unified State Exam z biologii, wykazali się zrozumieniem najważniejszych cech obiektów biologicznych, istoty procesów i zjawisk biologicznych; znajomość terminologii i symboliki biologicznej; znajomość metod badania przyrody żywej, podstawowych zasad teorii biologicznych, praw, reguł, hipotez, wzorców; charakterystyka organizmu człowieka, standardy higieny i zasady zdrowego stylu życia, ekologiczne zasady ochrony środowiska; umiejętność wykorzystania wiedzy biologicznej w działaniach praktycznych, rozpoznawania obiektów biologicznych na podstawie ich opisów i rysunków oraz rozwiązywania prostych problemów biologicznych.

O wynikach pracy egzaminacyjnej w dużej mierze decyduje rodzaj zadań: absolwenci najlepiej poradzili sobie z zadaniami z Części 1. 58,34% absolwentów wykonało zadania z Części 1, co odpowiada deklarowanemu poziomowi trudności. Jednak całkowite wykonanie zadań tej części pracy zdarza się niezwykle rzadko. Najczęstsze błędy podczas wykonywania zadań z tej części nadal pozostają:

 brak umiejętności pracy z rysunkami (nieprawidłowe czytanie, nieumiejętność rozpoznawania obiektów po elementach konstrukcyjnych, brak umiejętności interpretacji informacji zawartych na rysunku, schemacie);

 brak rozwoju umiejętności niezbędnych do realizacji zadań ustalania związków przyczynowo-skutkowych;

 nieumiejętność integrowania wiedzy z różnych dziedzin nauk biologicznych.

Popełniane błędy wiążą się z niewystarczającą wiedzą merytoryczną absolwentów, nie do końca efektywnym wykorzystaniem ilustracyjnych pomocy dydaktycznych (przede wszystkim podręczników) w przygotowaniu do Unified State Exam, możliwościami wizualnymi pomocy multimedialnych oraz nieznajomością algorytmu podstawowych operacji logicznych ( identyfikowanie przyczyn i skutków, porównania, porównania).

Zadania wielokrotnego wyboru, dopasowywania i sekwencjonowania części I o wyższym stopniu trudności wykonano w 2015 roku gorzej niż w latach poprzednich. Można to wytłumaczyć połączeniem złożoności treści pytań zadaniowych i koniecznością wykonywania różnego rodzaju czynności umysłowych kontrolowanych przez te zadania. Na wynik realizacji tych zadań wpływ miał zapewne niedostateczny nakład pracy związany z powtarzaniem materiału teoretycznego z kursu szkoły podstawowej oraz studiowaniem ogólnych praw biologicznych na poziomie szkoły średniej.

Szczególnie trudne dla absolwentów pozostaje wykonanie zadań na poziomie zaawansowanym w Części 2. Wynik ukończenia tej części w tym roku wyniósł 14,32%, co jest porównywalne z poziomem z lat 2012 i 2014.

dov, ale niższe od wyników z 2013 roku. Typowe błędy popełniane przez absolwentów w tej części pracy egzaminacyjnej wynikają z tego, że zdający:

 często udzielają niejasnych odpowiedzi i nie precyzują ich;

 formułując tę ​​samą myśl, wyrażają ją inaczej, przedstawiane jako różne elementy odpowiedzi;

 wymieniając cechy przedmiotów, przytacza się ich właściwości inne niż istotne;

 udzielać odpowiedzi jednosylabowych lub niepełnych ze względu na niewystarczającą wiedzę z matematyki teoretycznej

 przyznawać się do niedokładności w symbolice genetycznej, pisać schematy krzyżowania przy rozwiązywaniu problemów genetycznych

zadania nieba.

Na podstawie danych uzyskanych z analizy wyników jednolitego egzaminu państwowego z biologii w 2015 roku nauczycielom można zaproponować:

1. Przegląd i omówienie wyników Jednolitego Egzaminu Państwowego z biologii 2015 na posiedzeniu Wyższej Szkoły Edukacji i Nauki, Państwowego Inspektoratu Oświaty, zidentyfikowanie i przeanalizowanie czynników, które wpłynęły na wyniki ostatniego egzaminu, zaproszenie nauczycieli do włączenia bloków materiałów edukacyjnych w swoich programach pracy, które pomogą rozwiązać problemy zidentyfikowane na egzaminie.

2. Przygotowując uczniów do egzaminu Unified State Exam, korzystaj z zadań z otwartego segmentu federalnego banku zadań testowych zamieszczonych na stronie FIPI.

3. Wysłuchaj i omów na spotkaniu ShMO doświadczenia nauczycieli, którzy kształcili absolwentów, którzy uzyskali wysokie wyniki podczas zdania Unified State Exam.

4. Od początku roku szkolnego należy zidentyfikować uczniów planujących przystąpić do Jednolitego Egzaminu Państwowego z Biologii i opracować dla nich indywidualny plan (mapę drogową) przygotowania do egzaminu.

5. Jeżeli w szkole jest wystarczająca liczba przyszłych zdających USE z biologii, opracuj i przeprowadź dla nich cykl konsultacji grupowych.

6. W ramach tematu metodycznego nauczyciel liceum powinien opracować materiał (zalecenia metodyczne

I pytania/zadania szkoleniowe) do samodzielnej pracy studentów planujących przystąpić do Unified State Exam w 2016 roku. 7. Szczegółowo przeanalizuj nowy model pracy egzaminacyjnej i przećwicz umiejętności wypełniania odpowiednich

odpowiadające mu formy.

8. Przeprowadź egzamin praktyczny z biologii w czasie rzeczywistym.

9. W klasie biologii umieść „Kącik Absolwenta - 2016” z informacją o treści i formacie Unified State Exam.

10. Zachęć przyszłych zdających USE z biologii do wzięcia udziału w próbnym egzaminie państwowym

Z późniejsza analiza zarówno strony proceduralnej, jak i merytorycznej egzaminu.

ANALIZA CZĘŚCI 2 ZADANIA, KTÓRE SPOWODUŁY NAJWIĘKSZE PROBLEMY DLA UCZESTNIKÓW EGZAMINU Z BIOLOGII

Analiza wyników absolwentów realizujących zadania z Części II wykazała, że ​​największe problemy napotkali w realizacji zadań związanych z uogólnianiem i zastosowaniem wiedzy o człowieku i różnorodności organizmów, uogólnianiem i zastosowaniem wiedzy o wzorcach środowiskowych i ewolucja świata organicznego, a także przy rozwiązywaniu niektórych rodzajów problemów w genetyce. Poniżej omówiono przykłady podobnych zadań dla wskazanych bloków.

Przykładowe zadania 37.

Przykład 1. Jakie cechy aromamorficzne są charakterystyczne dla ssaków? Podaj przynajmniej cztery znaki.

Elementy odpowiedzi:

1) mają strukturę komórkową, gęstą ścianę komórkową;

2) prowadzić siedzący lub siedzący tryb życia;

3) rosnąć przez całe życie (wzrost nieograniczony);

Przykładowe zadania 38.

Przykład 1. Załóżmy, że wszystkie organizmy na Ziemi znikną, z wyjątkiem roślin wyższych. Czy będą mogli istnieć na Ziemi? Wyjaśnij swoją odpowiedź. Podaj przynajmniej cztery powody.

Przykład 4. W lasach iglastych populacje chrząszczy długorogich żyją długo, niektóre z nich są jasnobrązowe, a inne ciemnobrązowe. Które chrząszcze długorogie będą panować w lasach świerkowych, a które w borach sosnowych? Co to jest czynnik selekcyjny i jaka forma doboru naturalnego podtrzymuje istnienie dwóch populacji chrząszczy? Wyjaśnij swoją odpowiedź.

Przykładowe zadania 40.

Problemy związane z dziedziczeniem łańcuchowym w przypadku braku crossover:

Skrzyżowano samce muszki Drosophila o szarym ciele i normalnych skrzydłach z samicami o czarnym ciele i skróconych skrzydłach. W pierwszym pokoleniu wszystkie osobniki były jednolite, miały szare ciało i normalne skrzydła. Po skrzyżowaniu powstałych mieszańców pojawiło się 75% osobników o szarym ciele i normalnych skrzydłach oraz 25% o czarnym ciele i skróconych skrzydłach. Zrób diagram rozwiązania problemu. Określ genotypy rodziców i potomstwa F1 i F2. Wyjaśnij naturę dziedziczenia cech.

1) genotypy rodziców AABB (gamety AB) i aABB (gamety AB);

2) genotypy potomstwa F 1: AaBb szare ciało i normalne skrzydła (gamety AB i av); geny określające kolor ciała i długość skrzydeł są dziedziczone ze sobą;

3) genotypy potomstwa F 2: 3 szare ciało, normalne skrzydła (AABB, AaBB): 1 czarne ciało, skrócone skrzydła

racja (aaa). Przykład 2

U kukurydzy recesywny gen „skrócone międzywęźle” (b) znajduje się na tym samym chromosomie, co gen recesywny „wiecha początkowa” (v). Podczas krzyżowania analitycznego z rośliną, która miała normalne międzywęźle i normalną wiechę, całe potomstwo było podobne do jednego z rodziców. Kiedy powstałe mieszańce krzyżowano ze sobą, potomstwem okazało się 75% roślin z normalnymi międzywęźlami i normalnymi wiechami oraz 25% roślin ze skróconymi międzywęźlami i prymitywną wiechą. Określ genotypy rodziców i potomstwa w dwóch krzyżówkach. Zrób diagram rozwiązania problemu. Wyjaśnij swoje wyniki. Jakie prawo dziedziczności przejawia się w drugim przypadku?

3) geny są ze sobą powiązane, nie dochodzi do krzyżowania. Pojawia się prawo Morgana dotyczące dziedziczenia cech.

Przykład 3 Podczas krzyżowania groszku cukrowego o jaskrawych kwiatach i wąsach z rośliną o jasnym kolorze

3) w F1 przejawia się prawo jednorodności hybrydowej, w F2 – prawo dziedziczenia powiązanego. Połączenie genów AB i av prowadzi do powstania dwóch grup fenotypowych.

Problemy z dziedziczeniem łańcuchowym w obecności crossover: Przykład 1.

Kiedy skrzyżowano samice muszki Drosophila o szarym ciele i normalnych skrzydłach (cechy dominujące) z samcami o czarnym ciele i cechach skróconych (cechy recesywne), znaleziono nie tylko osobniki o szarym ciele, normalnych skrzydłach i czarnym ciele, ale także skrócone skrzydła u potomstwa, ale także niewielka liczba osobników o szarym ciele, skróconych skrzydłach i czarnym ciele, normalnych skrzydłach. Określ genotypy rodziców i potomstwa, jeżeli wiadomo, że geny dominujące i recesywne tych cech łączą się parami. Zrób diagram krzyżowania. Wyjaśnij swoje wyniki.

1) genotypy rodziców: żeński AaBv (gamety AB, Av, aB, av) x męski aavv (gamety ab);

2) genotypy potomstwa: AaBv (szare ciało, normalne skrzydła), aavv (czarne ciało, krótkie skrzydła), Aavv (szare ciało, krótkie skrzydła), aaBv (czarne ciało, normalne skrzydła);

3) ponieważ geny są powiązane, samica powinna wytwarzać dwa typy gamet AB i av, a samiec powinien wytwarzać jeden rodzaj gamet av. Pojawienie się innych genotypów u potomstwa tłumaczy się krzyżowaniem podczas tworzenia komórek rozrodczych u samicy oraz tworzeniem i tworzeniem dodatkowych gamet A i B.

U myszy proste włosy dominują nad karbowanymi, a włosy normalnej długości dominują nad długimi włosami. Mysz hybrydowa, utworzona przez skrzyżowanie czystej linii myszy o normalnej długości karbowanej sierści z czystą linią o prostej długiej sierści, została skrzyżowana z samcem o karbowanej długiej sierści. U potomstwa 40% osobników miało proste, długie włosy; 40% - wełna karbowana o normalnej długości, 10% - prosta o normalnej długości

długości i 10% - karbowana długa wełna. Zrób diagram rozwiązania problemu. Określ genotypy wszystkich osobników. Wyjaśnienie

Podczas krzyżowania diheterozygotycznej rośliny kukurydzy z kolorowymi nasionami i skrobiowym bielmem oraz rośliny z bezbarwnymi nasionami i woskowatym bielmem, potomstwo spowodowało podział fenotypu: 9 roślin z kolorowymi nasionami i bielmem skrobiowym; 42 – z kolorowymi nasionami i bielmem woskowym; 44 – z bezbarwnymi nasionami i bielmem skrobiowym; 10 – z bezbarwnymi nasionami i bielmem woskowym. Zrób diagram rozwiązania problemu. Określ genotypy osobników pierwotnych i genotypy potomstwa. Wyjaśnij powstawanie czterech grup fenotypowych.

3) obecność u potomstwa dwóch grup (42 - z kolorowym bielmem woskowym; 44 - z bezbarwnym bielmem woskowym) w mniej więcej równych proporcjach - wynik powiązanego dziedziczenia alleli A i b oraz a i B między sobą. Pozostałe dwie grupy fenotypowe powstają w wyniku krzyżowania.

1. http://www.fipi.ru

2. www.rustest.ru – Federalna Instytucja Państwowa „Federalne Centrum Testowe”

3. http://obrnadzor.gov.ru

4. Aktualne dokumenty na Oficjalnym Portalu Informacyjnym Unified State Exam http://www.ege.edu.ru/ru/main/legal-documents/

5. www.drofa.ru

6. www.vgf.ru

7. http://bioturnir.ru - strona zawiera informacje o corocznych ogólnorosyjskich szkołach, turniejach biologicznych i olimpiadach organizowanych na bazie Centralnej Szkoły Dziecięcej w Kirowie.

8. www.bfnm.ru, www.mendeleev.upeg.net organizacja non-profit „Fundacja Charytatywna Dziedzictwa Mendelejewa” wspólnie z Moskiewskim Uniwersytetem Państwowym. Łomonosow i inne uniwersytety prowadzą dla studentów ogólnorosyjskie szkolenia z biologii

9. G.S. Kalinova, A.N. Myagkova, V.Z. Reznikova. Egzamin Jednolity Państwowy 2015. Biologia. Optymalny bank zadań przygotowujących do egzaminu Unified State Exam - M.,„Intelekt-Centrum”, 2015.

ANALIZA WYNIKÓW PAŃSTWOWEJ CERTYFIKACJI KOŃCOWEJ DLA PROGRAMÓW EDUKACYJNYCH SZKOLNICTWA ŚREDNIEGO OGÓLNEGO Z HISTORII

Jednolity egzamin państwowy z historii (historia Rosji) jest egzaminem z wyboru dla absolwentów organizacji kształcenia ogólnego.

„Ujednolicony egzamin państwowy (zwany dalej jednolitym egzaminem państwowym) jest formą obiektywnej oceny jakości szkolenia osób, które opanowały programy edukacyjne szkoły średniej ogólnokształcącej, przy użyciu zadań o ujednoliconej formie (materiały do ​​pomiarów kontrolnych). Jednolity egzamin państwowy przeprowadzany jest zgodnie z ustawą federalną z dnia 29 grudnia 2012 r. nr 273-FZ „O edukacji w Federacji Rosyjskiej”.

Na podstawie tego dokumentu regulacyjnego Federalna Komisja Przedmiotowa ds. Historii i Federalny Instytut Miar Pedagogicznych przygotowały specyfikację określającą strukturę pracy egzaminacyjnej z historii, kodyfikator określający treść pracy egzaminacyjnej z historii. Dokumenty te zostały wykorzystane do opracowania materiałów do pomiarów kontrolnych na potrzeby egzaminu Unified State Exam w 2015 roku. Dokumenty te można znaleźć na stronie internetowej www.fipi.ru w sekcji Unified State Exam (podsekcja Wersje demonstracyjne, kodyfikatory, specyfikacje).

Analiza wyników Jednolitego Egzaminu Państwowego z historii (historii Rosji) w obwodzie moskiewskim (dalej - MO) w 2015 r. Pozwala skupić się na rozwiązaniu problemów, które nie zostały w pełni rozwiązane. Dostarczone statystyki pozwolą nauczycielowi zidentyfikować luki w nauce i rozwinąć umiejętności niezbędne do wykonania zadań, które sprawiały trudności.

CECHY ZADAŃ I PRZEPROWADZENIA ZJEDNOCZONEGO EGZAMINU PAŃSTWOWEGO Z HISTORII (HISTORIA ROSJI) W 2015 ROKU

W roku 2015 nie wprowadzono żadnych globalnych uzupełnień ani zmian w strukturze egzaminu z historii. Jednakże Federalny Instytut Pomiarów Pedagogicznych wprowadził w 2015 r. następujące zmiany w materiałach testowych i pomiarowych na potrzeby Jednolitego Egzaminu Państwowego z Historii:

Zmieniło się brzmienie celu Jednolitego Egzaminu Państwowego KIM oraz uzasadnienie oparte na ustawie federalnej: „Ujednolicony egzamin państwowy (zwany dalej Jednolitym egzaminem państwowym) jest formą obiektywnej oceny jakości szkolenia osób którzy opanowali programy edukacyjne szkoły średniej ogólnokształcącej, korzystając z zadań o znormalizowanej formie (kontrolne materiały pomiarowe). Jednolity egzamin państwowy przeprowadzany jest zgodnie z ustawą federalną z dnia 29 grudnia 2012 r. nr 273-FZ „O edukacji w Federacji Rosyjskiej” (Specyfikacja).

dodano wyjaśnienie dotyczące poziomu podstawowego i profilowego: „Materiały pomiarowe kontrolne umożliwiają ustalenie poziomu opanowania przez absolwentów federalnego komponentu stanowego standardu średniego (pełnego) kształcenia ogólnego z historii, poziomu podstawowego i profilowego ” (Specyfikacja).

specyfikacja, ust. 2. Dokumenty określające treść Jednolitego Egzaminu Państwowego KIM, dodano słowa: „Standard historyczno-kulturowy będący częścią Koncepcji nowego kompleksu edukacyjno-metodologicznego dla historii Rosji”

Zmieniono strukturę opcji CMM: każda opcja składa się z dwóch części (część 1 - zadania z krótką odpowiedzią, część 2 - zadania ze szczegółową odpowiedzią).

zadania w wersji CMM prezentowane są w trybie numeracji ciągłej bez oznaczeń literowych A, B, C.

Zmieniono formularz zapisywania odpowiedzi na każde z zadań 1-21: w KIM 2015 wymagane jest wpisanie liczby odpowiadającej numerowi prawidłowej odpowiedzi.

periodyzacja fragmentów dzieła dostosowana jest do standardu historyczno-kulturowego (część trzecia rozpoczyna się w roku 1914, a nie jak poprzednio – w roku 1917).

W celu optymalizacji testowania wiedzy na temat historii Rosji XX wieku. dodano zadanie dotyczące możliwości wyszukiwania informacji historycznych w źródłach różnego typu dla lat 1914–1941. i 1945–1991 (19). Z pracy wyłączone zostały dwa zadania dotyczące znajomości podstawowych faktów, procesów i zjawisk z okresu VIII–XVII w. i XVIII - połowa XIX wieku. (A 2 i A 7 według numeracji z 2014 r.). Podobne zadania 1 i 5 (A 1 i A 6 według numeracji z 2014 r.) zostały zachowane w pracy.

Doprecyzowano treść zadań 39 i 40 oraz kryteria oceny zadania 40.

W W 2015 roku na terenie obwodu moskiewskiego do jednolitego egzaminu państwowego z historii (historia Rosji) przystąpiło 5336 osób, z czego 4951 absolwentów tego roku to absolwenci, czyli o 72 więcej niż w roku ubiegłym. Warto zaznaczyć, że w tym roku egzamin odbył się jednocześnie dla absolwentów tego roku i roczników poprzednich. Ustanowiono porządek Rosobrnadzoru na rok 2015

Zaktualizowano minimalną liczbę punktów egzaminacyjnych Unified State Exam w historii (historii Rosji), potwierdzających opanowanie przez absolwenta podstawowych programów kształcenia ogólnego szkoły średniej ogólnokształcącej na poziomie 32 punktów.

Tabela 1

Uczestnicy jednolitego egzaminu państwowego, którzy nie potwierdzili opanowania podstawowych programów kształcenia ogólnego na poziomie szkoły średniej (pełnej) w 2015 r. (etapy wczesne i główne według kategorii uczestników) z historii

Niestety, 542 osoby, co stanowi 10,16% wszystkich uczestników egzaminu, nie potwierdziło w historii opanowania programów kształcenia ogólnego na poziomie średnim (pełnym) kształcenia ogólnego w 2015 roku (etapy wczesne i główne według kategorii uczestników). Spośród tegorocznych absolwentów 463 osoby nie potwierdziły ukończenia kierunku historia, co stanowi 9,35%. W porównaniu z rokiem ubiegłym liczba ta uległa istotnej zmianie na lepsze (626; 12,43% absolwentów z 2014 r.). Statystyki pokazują, że absolwenci z poprzednich lat osiągają znacznie gorsze wyniki. Spośród 375 uczestników 78 nie potwierdziło ukończenia studiów, co stanowiło 20,8% i jest to wynik 2 razy gorszy niż w przypadku tegorocznych absolwentów. To prawda, że ​​jeśli w zeszłym roku 10 absolwentów zdobyło 100 punktów, to w tym roku zdobyło je tylko 6 osób.

Tabela 2

Dane statystyczne dotyczące średniego wyniku testu obwodu moskiewskiego według kategorii uczestników jednolitego egzaminu państwowego w 2015 r. (Etap wczesny i główny) w historii

Średni wynik testu w obwodzie moskiewskim dla wszystkich kategorii uczestników jednolitego egzaminu państwowego w 2015 r. (etapy wczesne i główne) wyniósł 51,19%, a dla absolwentów organizacji kształcenia ogólnego w tym roku 51,75%, czyli o 1,52% więcej niż w roku ubiegłym .

Odpowiedź

Skrzyżowano diheterozygotyczną roślinę grochu o gładkich nasionach i wąsach z rośliną o pomarszczonych nasionach bez wąsów. Wiadomo, że oba geny dominujące (nasiona gładkie i obecność wąsów) są zlokalizowane na tym samym chromosomie, nie dochodzi do krzyżowania. Zrób diagram rozwiązania problemu. Określ genotypy rodziców, fenotypy i genotypy potomstwa, stosunek osobników o różnych genotypach i fenotypach. Jakie prawo przejawia się w tym przypadku?

Odpowiedź

A - nasiona gładkie, a - nasiona pomarszczone
B - obecność anten, b - brak anten

AB

ok

ok

ok

AB

ok

ok

ok

gładki
posiew,
wąsy

pomarszczony
posiew,
bez wąsów

50%

50%

Jeśli nie nastąpi przejście, wówczas diheterozygotyczny rodzic wytwarza tylko dwa rodzaje gamet (pełne połączenie).

U kukurydzy recesywny gen „skrócone międzywęźle” (b) znajduje się na tym samym chromosomie, co gen recesywny „wiecha początkowa” (v). Podczas krzyżowania analitycznego z rośliną, która miała normalne międzywęźle i normalną wiechę, całe potomstwo było podobne do jednego z rodziców. Kiedy powstałe mieszańce krzyżowano ze sobą, potomstwem okazało się 75% roślin z normalnymi międzywęźlami i normalnymi wiechami oraz 25% roślin ze skróconymi międzywęźlami i prymitywną wiechą. Określ genotypy rodziców i potomstwa w dwóch krzyżówkach. Zrób diagram rozwiązania problemu. Wyjaśnij swoje wyniki. Jakie prawo dziedziczności przejawia się w drugim przypadku?

Odpowiedź

Jeżeli podczas analizowanej krzyżówki całe potomstwo okazało się takie samo, wówczas analizowany organizm był dominującą homozygotą (prawo jednolitości).

bv

bv

B.V.

B.V.

B.V.

bv

B.V.

bv

B.V.

B.V.

B.V.

bv

B.V.

bv

bv

bv

normalna
normalna

normalna
normalna

normalna
normalna

skrócony
poczęty

W drugim skrzyżowaniu pojawia się prawo dziedziczenia sprzężonego, ponieważ organizm BV/bv wytwarza tylko dwa rodzaje gamet BV i bv, a gamety Bv i bV nie powstają.

Kiedy słodki groszek o jaskrawo zabarwionych kwiatach i wąsach skrzyżowano z rośliną o jasnym kolorze kwiatów i bez wąsów (geny są ze sobą powiązane), w F1 wszystkie rośliny miały jasne kwiaty i wąsy. Krzyżując ze sobą mieszańce F1 otrzymano rośliny: z jasnymi kwiatami i wąsami, z jasnymi kwiatami i bez wąsów. Zrób diagram rozwiązania problemu. Określ genotypy rodziców, potomstwa F1 i F2. Jakie prawa dziedziczności przejawiają się w tych krzyżach? Wyjaśnij pojawienie się dwóch grup fenotypowych osobników w F2.

Odpowiedź

W F1 całe potomstwo okazało się takie samo. W rezultacie doszło do skrzyżowania dwóch homozygot, cechy przejawiane w F1 są dominujące.

A - jasne kwiaty, a - jasne kwiaty
B - wąsy, b - bez wąsów.

AB

AB

ok

ok

AB

ok

jasny
wąsy

AB

ok

AB

ok

AB

AB

AB

ok

AB

ok

ok

ok

jasne kwiaty
wąsy

blade kwiaty.
bez wąsów

W pierwszym skrzyżowaniu pojawiło się prawo jednolitości, w drugim - prawo spójności. Dwie (a nie cztery) grupy fenotypowe powstały w wyniku powiązań genetycznych.

Kiedy skrzyżowano samice muszek Drosophila o szarym ciele i normalnych skrzydłach (cechy dominujące) z samcami o czarnym ciele i skróconych skrzydłach (cechy recesywne), znaleziono nie tylko osobniki o szarym ciele, normalnych skrzydłach i czarnym ciele, ale także skrócone skrzydła u potomstwa, ale także niewielka liczba osobników o szarym ciele, skróconych skrzydłach i czarnym ciele, normalnych skrzydłach. Określ genotypy rodziców i potomstwa, jeżeli wiadomo, że geny dominujące i recesywne tych cech łączą się parami. Zrób diagram krzyżowania. Wyjaśnij swoje wyniki.

Odpowiedź

A - korpus szary, a - korpus czarny
B - skrzydła normalne, b - skrzydła skrócone

AB

ok

ok

ok

normalna
gamety

rekombinowany
gamety

AB

ok

ok

ok

Ab

ok

aB

ok

szary
normalna

czarny.
skrócony

szary
skrócony

czarny
normalna

Niewielką liczbę osobników o szarym ciele, skróconych skrzydłach i czarnym ciele, normalnych skrzydłach tłumaczy się tym, że powstały one z jaj, w których nastąpiła rekombinacja w wyniku krzyżowania.

Kiedy skrzyżowano kukurydzę o gładkich, kolorowych ziarnach z rośliną wytwarzającą pomarszczone, bezbarwne nasiona, w pierwszym pokoleniu wszystkie rośliny wytworzyły gładkie, kolorowe ziarna. Analizując krzyżowanie mieszańców z F1, u ​​potomstwa stwierdzono cztery grupy fenotypowe: 1200 gładkich kolorowych, 1215 pomarszczonych bezbarwnych, 309 gładkich bezbarwnych, 315 pomarszczonych kolorowych. Zrób diagram rozwiązania problemu. Określ genotypy rodziców i potomstwa w dwóch krzyżówkach. Wyjaśnij powstawanie czterech grup fenotypowych w drugiej krzyżówce.

Odpowiedź

Ponieważ w pierwszym pokoleniu uzyskano jednorodność (pierwsze prawo Mendla), zatem skrzyżowano homozygoty, a w F1 uzyskano diheterozygotę o cechach dominujących.

A - gładkie ziarna i - pomarszczone ziarna.
B - ziarna kolorowe, b - ziarna bezbarwne.

Krzyż analizowany to krzyżówka z homozygotą recesywną. Ponieważ w drugim pokoleniu występowała nierówna liczba grup fenotypowych, nastąpiło zatem dziedziczenie powiązane. Te grupy fenotypowe, które są reprezentowane w dużych ilościach, pochodzą z normalnych gamet z połączonymi genami, a te grupy, które są reprezentowane w małych ilościach, pochodzą z rekombinowanych gamet, w których połączenie zostało przerwane w wyniku przejścia w mejozie.

AB

AB

ok

ok

AB

ok

gładki
namalowany.

AB

ok

ok

ok

normalne gamety
ze sprzęgłem, dużo

rekombinowane gamety
z upośledzeniem
sprzęgło, to za mało

AB

ok

ok

ok

Ab

ok

aB

ok

gładki
namalowany,
dużo (1200)

pomarszczony
niepomalowany,
dużo (1215)

gładki
niepomalowany,
mały (309)

pomarszczony
namalowany.,
kilka (315)

W wyniku krzyżowania doszło do powstania czterech grup fenotypowych, co doprowadziło do częściowego rozpadu powiązań.

Podczas krzyżowania diheterozygotycznej wysokiej rośliny pomidora z zaokrąglonymi owocami i karłowatej (a) rośliny z owocami w kształcie gruszki (b) u potomstwa uzyskano podział fenotypowy: 12 wysokich roślin z zaokrąglonymi owocami; 39 – wysoki, o gruszkowatych owocach; 40 – karzeł o zaokrąglonych owocach; 14 – karzeł z owocami w kształcie gruszki. Sporządź schemat krzyżowania i określ genotypy potomstwa. Wyjaśnij powstawanie czterech grup fenotypowych.

Odpowiedź

a – roślina karłowata, A – roślina wysoka
b – owoce w kształcie gruszki, B – owoce zaokrąglone

Roślina diheterozygotyczna ma genotyp AaBb, natomiast roślina karłowata o owocach gruszkowatych ma genotyp aabb. Ponieważ liczba potomków okazała się nierówna (a nie 1:1:1:1), zatem następuje powiązanie. Te grupy fenotypowe, które są reprezentowane w dużych ilościach (39+40) pochodzą z normalnych gamet z połączonymi genami, a te grupy, które są reprezentowane w małych ilościach (12+14) pochodzą z rekombinowanych gamet, w których połączenie zostało przerwane w wyniku krzyżowania w mejozie. Cechy normalnego potomstwa to „wysoki kształt gruszki” i „karłowaty okrągły”, dlatego geny te znajdują się na tym samym chromosomie, diheterozygotycznym rodzicem jest Ab//aB.

Ab

aB

ok

ok

G. normalne

G recomb.

Ab

ok

aB

ok

AB

ok

ok

ok

wysoki
gruszki.
(39)

krasnolud.
bułczasty
(40)

wysoki
bułczasty
(12)

krasnolud.
gruszki.
(14)

Podczas krzyżowania diheterozygotycznej rośliny kukurydzy o gładkich nasionach i rośliny o pomarszczonych (a) bezbarwnych (b) nasionach uzyskano podział fenotypowy u potomstwa: 100 roślin z gładkimi kolorowymi nasionami; 1500 – z pomarszczonymi kolorowymi; 110 – pomarszczony, niemalowany; 1490 – gładki, niemalowany. Sporządź schemat krzyżowania i określ genotypy potomstwa. Wyjaśnij powstawanie czterech grup fenotypowych.

Odpowiedź

a – nasiona pomarszczone, A – nasiona gładkie
b – nasiona bezbarwne, B – nasiona malowane

Roślina diheterozygotyczna ma genotyp AaBb, roślina o pomarszczonych, bezbarwnych nasionach ma genotyp aabb. Ponieważ liczba potomków okazała się nierówna (a nie 1:1:1:1), zatem następuje powiązanie. Te grupy fenotypowe, które są reprezentowane w dużych ilościach (1500+1490) pochodzą z normalnych gamet z połączonymi genami, a te grupy, które są reprezentowane w małych ilościach (100+110) pochodzą z rekombinowanych gamet, w których połączenie zostało przerwane w wyniku krzyżowania w mejozie. Cechy normalnego potomstwa to „pomarszczony kolor” i „gładki, bezbarwny”, dlatego geny te znajdują się na tym samym chromosomie, u diheterozygotycznego rodzica Ab//aB.

Ab

aB

ok

ok

G. normalne

G recomb.

Ab

ok

aB

ok

AB

ok

ok

ok

gładki
niepomalowany
(1490)

zmarszczki
namalowany
(1500)

gładki
namalowany
(100)

zmarszczki
niepomalowany
(110)

Jeden z rodziców wytwarza cztery rodzaje gamet, a drugi jeden. W wyniku połączenia powstają cztery fenotypowe grupy potomstwa. Jest więcej normalnych gamet niż rekombinowanych, więc jest więcej normalnego potomstwa (uzyskanego z normalnych gamet) niż rekombinowanego (uzyskanego z rekombinowanych gamet).

Kiedy skrzyżowano kukurydzę o gładkich, kolorowych nasionach z rośliną, która wytwarzała pomarszczone, bezbarwne nasiona (geny zostały powiązane), potomstwo otrzymało gładkie, kolorowe nasiona. Analizując krzyżówki mieszańców z F1 otrzymano rośliny o nasionach gładkich wybarwionych, pomarszczonych, bezbarwnych, pomarszczonych, kolorowych i gładkich, bezbarwnych. Zrób diagram rozwiązania problemu. Określ genotypy rodziców, potomstwa F1 i F2. Jakie prawa dziedziczności przejawiają się w tych krzyżach? Wyjaśnij pojawienie się czterech grup fenotypowych osobników w F2.

Klucz do gry „Przeszkoda”

Problemy krzyżowania analitycznego

Zadanie nr 29

Ubarwienie czerwone u lisa jest cechą dominującą, ubarwienie czarnobrązowe jest recesywne. Przeprowadzono analityczne krzyżowanie dwóch lisów rudych. Pierwsza urodziła 7 młodych lisów - wszystkie w kolorze czerwonym, druga - 5 młodych lisów: 2 rude i 3 czarnobrązowe. Jakie są genotypy wszystkich rodziców?

Odpowiedź: samiec ma czarnobrązową barwę, samice są homo- i heterozygotami.

Zadanie nr 30

U spanieli dominuje czarny kolor sierści nad kawowym, a krótka sierść dominuje nad długą sierścią. Myśliwy kupił czarnego psa z krótką sierścią i aby mieć pewność, że jest to rasa, przeprowadził krzyżowanie analityczne. Urodziły się 4 szczenięta: 2 krótkowłose czarne, 2 krótkowłose kawowe. Jaki jest genotyp psa zakupionego przez myśliwego?

Odpowiedź: pies zakupiony przez myśliwego jest heterozygotą pod względem pierwszego allelu.

Przekraczanie problemów

Zadanie nr 31

Określ częstotliwość (procent) i rodzaje gamet u osobnika diheterozygotycznego, jeśli wiadomo, że geny A I W połączone, a odległość między nimi wynosi 20 Morganidów.

Odpowiedź: krzyżujące się gamety – Ach I aB– 10% każdy, bez przesiadek – AB I ok– 40% każdy.

Zadanie nr 32

W przypadku pomidorów dominuje wzrost wysoki nad karłowatym, a kulisty kształt owocu dominuje nad gruszkowym. Geny odpowiedzialne za te cechy są w stanie połączonym w odległości 5,8 morganidów. Skrzyżowano roślinę diheterozygotyczną z rośliną karłowatą o gruszkowatych owocach. Jakie będzie potomstwo?

Odpowiedź: 47,1% – wysoki, o kulistych owocach; 47,1% – karły o owocach gruszkowatych; 2,9% to osoby wysokie o owocach gruszkowatych, 2,9% to karłowate o owocach kulistych.

Zadanie nr 33

Skrzyżowano diheterozygotyczną samicę Drosophila z recesywnym samcem. Otrzymany w potomstwie AaBb – 49%, Ааbb – 1%, aaBb – 1%, aabb– 49%. Jak geny są zlokalizowane na chromosomie?

Odpowiedź: geny dziedziczą się w sposób sprzężony, tj. znajdują się na tym samym chromosomie. Sprzęgło jest niekompletne, bo istnieją osobniki krzyżujące się, które jednocześnie noszą cechy ojca i matki: 1% + 1% = 2%, co oznacza, że ​​odległość między genami wynosi 2 Morganidy.

Zadanie nr 34

Skrzyżowano dwie linie myszy: w jednej zwierzęta o kręconej sierści normalnej długości, a w drugiej o sierści długiej i prostej. Hybrydy pierwszej generacji miały proste włosy o normalnej długości. W krzyżówce analitycznej hybryd pierwszej generacji uzyskano: 11 myszy z włosami normalnymi prostymi, 89 z włosami normalnymi karbowanymi, 12 z włosami karbowanymi długimi, 88 z włosami długimi prostymi. Zlokalizuj geny na chromosomach.

Odpowiedź: Ab I aB; odległość między genami wynosi 11,5 Morganidae.

Zadanie nr 35 (do konstruowania map chromosomów)

Eksperymenty wykazały, że procent krzyżowania się genów jest równy:

Określ położenie genów na chromosomie.

Niezbędne wyjaśnienia: Najpierw narysuj linię reprezentującą chromosom. Geny o najniższej częstotliwości rekombinacji umieszcza się pośrodku, a następnie określa się położenie wszystkich połączonych ze sobą genów w kolejności rosnącej częstotliwości rekombinacji.

Odpowiedź:

1 – A pomiędzy B i C;
2 – CHNA;
4 – D A C F B;
3 – R S P, nie można określić dokładnej pozycji genu – nie ma wystarczających informacji.

Podczas krzyżowania diheterozygotycznej wysokiej rośliny pomidora z zaokrąglonymi owocami i karłowatej (a) rośliny z owocami w kształcie gruszki (b) u potomstwa uzyskano podział fenotypowy: 12 wysokich roślin z zaokrąglonymi owocami; 39 - wysoki z owocami w kształcie gruszki; 40 - karzeł z zaokrąglonymi owocami; 14 - karzeł z owocami w kształcie gruszki. Sporządź schemat krzyżowania i określ genotypy potomstwa. Wyjaśnij powstawanie czterech grup fenotypowych.

Odpowiedź

a – roślina karłowata, A – roślina wysoka
b – owoce w kształcie gruszki, B – owoce zaokrąglone

Roślina diheterozygotyczna ma genotyp AaBb, natomiast roślina karłowata o owocach gruszkowatych ma genotyp aabb. Ponieważ liczba potomków okazała się nierówna (a nie 1:1:1:1), zatem następuje powiązanie. Te grupy fenotypowe, które są reprezentowane w dużych ilościach (39+40) pochodzą z normalnych gamet z połączonymi genami, a te grupy, które są reprezentowane w małych ilościach (12+14) pochodzą z rekombinowanych gamet, w których połączenie zostało przerwane w wyniku krzyżowania mejoza. Cechy normalnego potomstwa to „wysoki kształt gruszki” i „karłowaty okrągły”, dlatego geny te znajdują się na tym samym chromosomie, diheterozygotycznym rodzicem jest Ab//aB.

Podczas krzyżowania diheterozygotycznej rośliny kukurydzy o gładkich nasionach i rośliny o pomarszczonych (a) bezbarwnych (b) nasionach uzyskano podział fenotypowy u potomstwa: 100 roślin z gładkimi kolorowymi nasionami; 1500 - z pomarszczonymi kolorowymi; 110 - pomarszczony, niepomalowany; 1490 - gładka, niemalowana. Sporządź schemat krzyżowania i określ genotypy potomstwa. Wyjaśnij powstawanie czterech grup fenotypowych.

Odpowiedź

a – nasiona pomarszczone, A – nasiona gładkie
b – nasiona bezbarwne, B – nasiona malowane

Roślina diheterozygotyczna ma genotyp AaBb, roślina o pomarszczonych, bezbarwnych nasionach ma genotyp aabb. Ponieważ liczba potomków okazała się nierówna (a nie 1:1:1:1), zatem następuje powiązanie. Te grupy fenotypowe, które są reprezentowane w dużych ilościach (1500+1490) pochodzą z normalnych gamet z połączonymi genami, a te grupy, które są reprezentowane w małych ilościach (100+110) pochodzą z rekombinowanych gamet, w których połączenie zostało przerwane w wyniku krzyżowania mejoza. Cechy normalnego potomstwa to „pomarszczony kolor” i „gładki, bezbarwny”, dlatego geny te znajdują się na tym samym chromosomie, u diheterozygotycznego rodzica Ab//aB.

Jeden z rodziców wytwarza cztery rodzaje gamet, a drugi jeden. W wyniku połączenia powstają cztery fenotypowe grupy potomstwa. Jest więcej normalnych gamet niż rekombinowanych, więc jest więcej normalnego potomstwa (uzyskanego z normalnych gamet) niż rekombinowanego (uzyskanego z rekombinowanych gamet).

Kiedy skrzyżowano kukurydzę o gładkich, kolorowych nasionach z rośliną, która wytwarzała pomarszczone, bezbarwne nasiona (geny zostały powiązane), potomstwo otrzymało gładkie, kolorowe nasiona. Analizując krzyżówki mieszańców z F1 otrzymano rośliny o nasionach gładkich wybarwionych, pomarszczonych, bezbarwnych, pomarszczonych, kolorowych i gładkich, bezbarwnych. Zrób diagram rozwiązania problemu. Określ genotypy rodziców, potomstwa F1 i F2. Jakie prawa dziedziczności przejawiają się w tych krzyżach? Wyjaśnij pojawienie się czterech grup fenotypowych osobników w F2.

Odpowiedź

W pierwszym pokoleniu całe potomstwo okazało się takie samo (pierwsze prawo Mendla) - dlatego skrzyżowano homozygoty, potomstwo jest heterozygotyczne i dominują cechy, które się w nim pojawiają.

A – nasiona gładkie i – nasiona pomarszczone.
B – nasiona kolorowe, b – nasiona niepomalowane.

Kiedy u potomstwa F1 powstają gamety, następuje rekombinacja w wyniku krzyżowania, uzyskuje się 4 rodzaje gamet, z tego powodu uzyskuje się 4 grupy fenotypowe w F2.

Przy pierwszym skrzyżowaniu zadziałało pierwsze prawo Mendla (prawo jednolitości). W drugim krzyżu pojawiło się dziedzictwo powiązane.

U pomidorów o rodzaju kwiatostanu i kształcie owocu decydują połączone geny, których odległość wynosi 24 morganidy. Normalny kształt owocu dominuje nad podłużnym, a prosty kwiatostan nad złożonym. Roślinę diheterozygotyczną, która odziedziczyła geny dominujące od różnych rodziców, skrzyżowano z rośliną dihomozygotyczną recesywną. Jakiego rodzaju potomstwo otrzymałeś i w jakich proporcjach?

Odpowiedź

A - prawidłowy kształt płodu, a - podłużny kształt płodu
E - kwiatostan prosty, e - kwiatostan złożony
Roślina diheterozygotyczna, która odziedziczyła dominujące geny od różnych rodziców - Ae//aE. Dihomozygotyczny pod względem recesywnego ae//ae.
Odległość 24 morganidów oznacza, że ​​będzie 24% zrekombinowanych gamet (po 12%), zatem normalnych gamet będzie 100-24 = 76% (po 38%).

Mysz hybrydową otrzymaną przez skrzyżowanie czystej linii myszy z karbowaną sierścią (a) o normalnej długości (B) z czystą linią o prostej długiej sierści, skrzyżowano z samcem o karbowanej długiej sierści. U potomstwa 40% myszy miało proste długie włosy, 40% miało karbowane włosy o normalnej długości, 10% miało proste normalnej długości, a 10% miało długie karbowane włosy. Określ genotypy wszystkich osobników. Twórz plany krzyżowania. Jakie prawo przejawia się w tym skrzyżowaniu?

Odpowiedź

Nierówna liczba klas fenotypowych wskazuje na dziedziczenie powiązane: geny prostych i długich włosów są połączone w odległości 20 morganidów. Pojawia się prawo dziedziczenia połączonego.

A – wełna prosta i – wełna karbowana.
B – wełna normalna długość, b – włos długi.

Gen ślepoty barw i gen ślepoty nocnej są dziedziczone przez chromosom X i są oddalone od siebie o 34 morganidy. Obie cechy są recesywne. Określ prawdopodobieństwo posiadania dzieci jednocześnie z dwiema anomaliami w rodzinie, w której żona ma normalny wzrok, ale jej matka cierpiała na ślepotę kukurydzianą, a ojciec daltonistą. Mąż jest normalny w odniesieniu do obu znaków.

Odpowiedź

A-normalna, a-ślepota barw
E-norma, e-nocna ślepota
Żona X Ae X aE, mąż X AE Y
Gamety rekombinowane 34% (po 17%), zatem normalne gamety 66% (po 33%)